博客
关于我
Codeforces Round #374 (Div. 2) C. Journey(拓扑+DP)(DAG上跑DP)
阅读量:389 次
发布时间:2019-03-05

本文共 1036 字,大约阅读时间需要 3 分钟。

在这里插入图片描述
在这里插入图片描述
思路:dp【i】【j】代表1到i中经过j个点的最小花费。

#include
using namespace std;typedef long long ll;const int maxn=5e3+5;const int inf=1e9+1;int pre[maxn][maxn];int dp[maxn][maxn],ru[maxn];vector
>g[maxn];void tuopu(int n){ queue
q; for(int i=1;i<=n;++i) if(ru[i]==0) q.push(i); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=n;++j) dp[i][j]=inf; dp[1][1]=0; while(!q.empty()) { int top=q.front(); q.pop(); for(auto to:g[top]) { if(ru[to.first]) { ru[to.first]--; for(int j=2;j<=n;++j) if(dp[to.first][j]>dp[top][j-1]+to.second) dp[to.first][j]=dp[top][j-1]+to.second,pre[to.first][j]=top; if(ru[to.first]==0) q.push(to.first); } } }}void dfs(int now,int ans){ if(!ans) return ; dfs(pre[now][ans],ans-1); printf("%d ",now);}int main(){ int n,m,x,y; ll T,z; scanf("%d%d%lld",&n,&m,&T); for(int i=1;i<=m;++i) { scanf("%d %d %lld",&x,&y,&z); g[x].push_back({ y,z}); ru[y]++; } tuopu(n); int ans=0; for(int i=1;i<=n;++i) if(dp[n][i]<=T) ans=max(ans,i); printf("%d\n",ans); dfs(n,ans); }

转载地址:http://jeewz.baihongyu.com/

你可能感兴趣的文章
MySQL 中随机抽样:order by rand limit 的替代方案
查看>>
MySQL 为什么需要两阶段提交?
查看>>
mysql 为某个字段的值加前缀、去掉前缀
查看>>
mysql 主从
查看>>
mysql 主从 lock_mysql 主从同步权限mysql 行锁的实现
查看>>
mysql 主从互备份_mysql互为主从实战设置详解及自动化备份(Centos7.2)
查看>>
mysql 主从关系切换
查看>>
MYSQL 主从同步文档的大坑
查看>>
mysql 主键重复则覆盖_数据库主键不能重复
查看>>
Mysql 事务知识点与优化建议
查看>>
Mysql 优化 or
查看>>
mysql 优化器 key_mysql – 选择*和查询优化器
查看>>
MySQL 优化:Explain 执行计划详解
查看>>
Mysql 会导致锁表的语法
查看>>
mysql 使用sql文件恢复数据库
查看>>
mysql 修改默认字符集为utf8
查看>>
Mysql 共享锁
查看>>
MySQL 内核深度优化
查看>>
mysql 内连接、自然连接、外连接的区别
查看>>
mysql 写入慢优化
查看>>